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フーバー時にサーバーからのデータを表示するように要求するポップアップがあります。ただし、複数のポップアップを防ぐことができる唯一の方法は、同期 ajax を使用することでした。同期 ajax は、まったく使用されない場合でもめったに使用されるべきではないことを理解しています。これは非同期で実行できますか? コールバックが必要であることを学んでおり、それらが関連していると感じています。ありがとう

(function( $ ){
    $.fn.screenshotPreview = function() {
        xOffset = 20;
        yOffset = 10;

        this.hover(function(e) {
            $.ajax({
                url:    'getPopup.php',
                success: function(data)
                {
                    $("body").append('<div id="screenshot">dl><dt>Name:</dt><dd>'+data.name+'</dd><dt>User Name:</dt><dd>'+data.username+'</dd></dl></div>');
                    $("#screenshot")
                    .css("top",(e.pageY - yOffset) + "px")
                    .css("left",(e.pageX + xOffset) + "px")
                    .fadeIn("fast");                    
                },
                async:   false,
                dataType: 'json'
            });
        },
        function() {
            $("#screenshot").remove();
        });
        this.mousemove(function(e) {
            $("#screenshot").css("top",(e.pageY - yOffset) + "px").css("left",(e.pageX + xOffset) + "px");
        });
    };
})( jQuery );
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ポップアップの表示を開始したかどうかを示すフラグを追加します。

(function( $ ){

    var showing = false;

    $.fn.screenshotPreview = function() {
        xOffset = 20;
        yOffset = 10;

        this.hover(function(e) {
          if(!showing){
            showing = true;
            $.ajax({
                url:    'getPopup.php',
                success: function(data)
                {
                  if(showing){
                    $("body").append('<div id="screenshot">dl><dt>Name:</dt><dd>'+data.name+'</dd><dt>User Name:</dt><dd>'+data.username+'</dd></dl></div>');
                    $("#screenshot")
                    .css("top",(e.pageY - yOffset) + "px")
                    .css("left",(e.pageX + xOffset) + "px")
                    .fadeIn("fast");
                  }                    
                },
                dataType: 'json'
            });
          }
        },
        function() {

            showing = false;

            $("#screenshot").remove();
        });
        this.mousemove(function(e) {
            $("#screenshot").css("top",(e.pageY - yOffset) + "px").css("left",(e.pageX + xOffset) + "px");
        });
    };
})( jQuery );
于 2012-05-27T18:05:28.960 に答える