77

この質問は、このスレッドで尋ねられた質問を助長するものです。

次のクラス定義を使用します。

template <class T>
class Foo {

public:
    Foo (const foo_arg_t foo_arg) : _foo_arg(foo_arg)
    {
        /* do something for foo */
    }
    T Foo_T;        // either a TypeA or a TypeB - TBD
    foo_arg_t _foo_arg;
};

template <class T>
class Bar : public Foo<T> {
public:
    Bar (const foo_arg_t bar_arg, const a_arg_t a_arg)
    : Foo<T>(bar_arg)   // base-class initializer
    {

        Foo<T>::Foo_T = T(a_arg);
    }

    Bar (const foo_arg_t bar_arg, const b_arg_t b_arg)
    : Foo<T>(bar_arg)
    {
        Foo<T>::Foo_T = T(b_arg);
    }

    void BarFunc ();

};

template <class T>
void Bar<T>::BarFunc () {
    std::cout << _foo_arg << std::endl;   // This doesn't work - compiler error is: error: ‘_foo_arg’ was not declared in this scope
    std::cout << Bar<T>::_foo_arg << std::endl;   // This works!
}

テンプレート クラスの基本クラスのメンバーにアクセスするときは、Bar<T>::_foo_arg. これを回避する方法はありますか？テンプレートクラスメソッドで「using」ステートメント/ディレクティブを使用して、コードを簡素化できますか?

編集：

スコープの問題は、変数を this-> 構文で修飾することによって解決されます。

4

3 に答える 3

89

this->クラスのメンバーを参照していることを明確にするために使用できます。

void Bar<T>::BarFunc () {
    std::cout << this->_foo_arg << std::endl;
}

usingまたは、メソッドで" " を使用することもできます。

void Bar<T>::BarFunc () {
    using Bar<T>::_foo_arg;             // Might not work in g++, IIRC
    std::cout << _foo_arg << std::endl;
}

これにより、適切な場所でその名前の定義を検索できるように、メンバー名がテンプレート パラメーターに依存することがコンパイラーに明らかになります。詳細については、C++ Faq Lite のこのエントリも参照してください。

于 2009-07-13T17:50:19.910 に答える
29

ここで、基本クラスは非依存の基本クラス (つまり、テンプレートの引数を知らなくても決定できる完全な型を持つクラス) ではなく_foo_arg、非依存の名前です。標準 C++ では、非依存の名前は依存する基底クラスでは検索されないと言われています。

コードを修正するには、名前を_foo_arg従属にするだけで十分です。従属名はインスタンス化の時点でしか検索できないためです。例えば：

// solution#1
std::cout << this->_foo_arg << std::endl;

別の方法は、修飾名を使用して依存関係を導入することです。

// solution#2
std::cout << Foo<T>::_foo_arg << std::endl;

非修飾の非依存名を使用して仮想関数呼び出しを形成すると、修飾によって仮想呼び出しメカニズムが抑制され、プログラムの意味が変わるため、このソリューションには注意が必要です。

そして、次のようにして、派生クラスの依存基底クラスから名前を一度取得できますusing。

// solution#3
template <class T>
class Bar : public Foo<T> {
public:
    ...
    void BarFunc ();
private:
    using Foo<T>::_foo_arg;
};

template <class T>
void Bar<T>::BarFunc () {
    std::cout << _foo_arg << std::endl;   // works
}
于 2014-06-23T14:33:48.927 に答える
1

Visual C++ 2008 で正常に動作するようです。あなたが言及したタイプのダミー定義をいくつか追加しましたが、ソースは提供しませんでした。残りはあなたが言ったとおりです。次に、強制的BarFuncにインスタンス化して呼び出すメイン関数。

#include <iostream>

class streamable {};
std::ostream &operator<<(std::ostream &os, streamable &s) { return os; }

class foo_arg_t : public streamable {};
class a_arg_t : public streamable {};
class b_arg_t : public streamable  {};

template <class T>
class Foo {

public:
    Foo (const foo_arg_t foo_arg) : _foo_arg(foo_arg)
    {
        /* do something for foo */
    }
    T Foo_T;        // either a TypeA or a TypeB - TBD
    foo_arg_t _foo_arg;
};

template <class T>
class Bar : public Foo<T> {
public:
    Bar (const foo_arg_t bar_arg, const a_arg_t a_arg)
    : Foo<T>(bar_arg)   // base-class initializer
    {

        Foo<T>::Foo_T = T(a_arg);
    }

    Bar (const foo_arg_t bar_arg, const b_arg_t b_arg)
    : Foo<T>(bar_arg)
    {
        Foo<T>::Foo_T = T(b_arg);
    }

    void BarFunc ();

};

template <class T>
void Bar<T>::BarFunc () {
    std::cout << _foo_arg << std::endl; 
    std::cout << Bar<T>::_foo_arg << std::endl;   
}

int main()
{
    Bar<a_arg_t> *b = new Bar<a_arg_t>(foo_arg_t(), a_arg_t());
    b->BarFunc();
}
于 2009-07-13T17:31:03.180 に答える