0

index.php と jsonPhp.php のコードを貼り付けました。JSON は初めてで、ajax で json を学習しています。ここでは、json を使用してサーバーからデータを取得しようとしています。リンク SERVER DATA をクリックすると、サーバーからのデータは、jQuery/json を使用してページを再読み込みせずに表示する必要があります。コードを書きましたが、動作しません。助けてください。ありがとう。

<head>
    <title>JSON WITH PHP</title>
    <script src="https://ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/1.7.2/jquery.js"
    type="text/javascript"></script>
    <script type="text/javascript">
        < ![CDATA[
        $(function () {
            $('#click').click(function () {
                $.post('jsonPhp.php', function (data) {
                    //$("#content").html(data)+'<br>';
                    var pushedData = jQuery.parseJSON(data);
                    var htmlData = "";
                    //loop through using jQuery
                    $.each(pushedData, function (i, field) {
                        htmlData = htmlData + '-' + field.id + ',' + field.place + ',' + field.description + '<br>';
                    });
                    $('#content').html(htmlData);
                });
            });
        });]] >
    </script>
</head>

<body>Click on the link below to get the data from the Server Dynamicallly!
    <br
    />
    <a href="#" id="click">Server Data</a>
    <div id="content"></div>
</body>


<?php

    $db = mysql_connect("localhost","root","")or die(mysql_error());

    mysql_select_db("places",$db) or die(mysql_error());

    if(isset($_POST['place']))
        $place=$_POST['place'];
    if(isset($_POST['description']))
        $description=$_POST['description'];

     $myrows = array();

     $result = mysql_query("SELECT * FROM search");

     while( $row = mysql_fetch_assoc($result) ) {
         $myrows[] = $row;
     }

    echo json_encode($myrows);

?>
4

2 に答える 2

0

あなたの jQuery 投稿は、必要な項目を投稿していません。

このコードの使用には注意してください。

于 2012-07-30T22:28:19.853 に答える
0

POST リクエストで送信するパラメーターを指定してみてください。結果は次のようになります。

$.post('jsonPhp.php', { place:'myplace', /* other params */ }, function (data) { ...
于 2012-07-30T22:28:21.543 に答える