2

私は最近 Yii フレームワークを導入され、現在、会社の Web アプリケーション システムを開発しています。ただし、それぞれのテーブルに接続するためにモデルを作成するときに、一度に 1 つのリレーションしか選択できないことに気付きました。ただし、同じデータベースの 2 つの別個のテーブルを 1 つのフォームで接続する必要があります。

これをどのように達成できるかについてのアイデアはありますか?

4

1 に答える 1

5

モデル内には、以下の関数が表示されます。

    /**
 * @return array relational rules.
 */
public function relations()
{
    return array(

    );
}

これで関係を追加できます。お気に入り

'user' => array(self::BELONGS_TO, 'User', 'user_id'),
'comments' => array(self::HAS_MANY, 'Comments', 'blog_post_id'),

等。、

データベース エンジンが Innodb にあり、テーブルに外部キー リレーションがある場合、モデルの作成中にリレーションが自動的に生成されます。

詳細については、これを読んでください

リレーションはいくつでも使用できます。

=============================================

そして、2 度目の読書の後、2 つのモデルのオブジェクトを 1 つの形式にすることについて質問されたと思いますか? そのため、コントローラーで各モデルのオブジェクトを生成し、それらのオブジェクトをビューrenderまたはrenderPartial関数を介して渡すことができます

例えば、

$this->render('admin',array(
            'model'=>$model,
                    'model2'=>$model2,
        ));

ビュー内では、それぞれのフィールドにモデルとモデル2を使用します

<?php $form=$this->beginWidget('CActiveForm', array(
    'id'=>'sample-form',
    'enableAjaxValidation'=>false,
)); ?>

.....

        <?php echo $form->labelEx($model,'column'); ?>
        <?php echo $form->textField($model,'column'); ?>
        <?php echo $form->error($model,'column'); ?>

        <?php echo $form->labelEx($model2,'column'); ?>
        <?php echo $form->textField($model2,'column'); ?>
        <?php echo $form->error($model2,'column'); ?>


....

コントローラー関数内では、以下のようなものを使用します（データの保存など）

$model->attributes=$_POST['ModelOnesName'];
$valid  =   $model->validate();
$model2->attributes =   $_POST['ModelTwosName'];
$valid  =   $model2->validate() && $valid; //if need validation checks
if($valid)
{
   $model->save();
   $model2->save();
}
于 2012-12-05T13:03:58.663 に答える