私は本当に立ち往生しているので、時間を割いて助けてくれてありがとう。
私は2つのテーブルを持っています。従業員 (Employee_ID、First_name、Last_name、Address など) およびトレーニング (Training_ID、Employee_ID、First_name、Last_name、Training_type)。
トレーニング テーブルには、従業員のトレーニング タイプを割り当てるために記入するフォームがあります。
私がフォームに欲しいのは、従業員テーブルのemployee_IDの値を持つselect employee_IDという名前のドロップダウンボックスを持つことです。これはそのテーブルからの外部キーです。
そして、選択が選択されたら、フォームの 2 つのテキスト フィールド、名と姓を更新したいと思います。
これを実行できるコードを実装しようとして多くの問題が発生しています。Java を追加する必要があるかどうかわかりません。基本的なコードを以下に示して、現在の様子を示します。
htmlフォーム
<html>
<head>
<link type="text/css" rel="stylesheet" href="style.css"/>
<title>Training</title>
</head>
<body>
<div id="content">
<h1 align="center">Add Training</h1>
<form action="inserttraining.php" method="post">
<div>
<p>Training ID: <input type="text" name="Training_ID"></p>
<p>Employee ID: <input type="text" name="Employee_ID"></p>
<p>First name: <input type="text" name="First_name"></p>
<p>Last name: <input type="text" name="Last_name"></p>
<p>
Training required?
<select name="Training">
<option value="">Select...</option>
<option value="Customer Service">Customer Service</option>
<option value="Bailer">Bailer</option>
<option value="Reception">Reception</option>
<option value="Fish & meat counters">Fish & meat counters</option>
<option value="Cheese counters">Cheese counters</option>
</select>
</p>
<input type="submit">
</form>
</div>
</body>
</html>
そして、データをDBに保存する私のphpコード。
<?php
$con = mysql_connect("localhost","root","");
if (!$con)
{
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}
mysql_select_db("hrmwaitrose", $con);
$sql="INSERT INTO training (Training_ID, Employee_ID, First_name, Last_name, Training)
VALUES
('$_POST[Training_ID]','$_POST[Employee_ID]','$_POST[First_name]','$_POST[Last_name]','$_PO ST[Training]')";
if (!mysql_query($sql,$con))
{
die('Error: ' . mysql_error());
}
echo "1 record added";
mysql_close($con);
?>
上記のように、事前に感謝します。これは私を殺しています。