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このエラーに関する多くの投稿があることを理解しています。しかし、私はそれらを調べましたが、特定の問題の解決策を見つけることができないようです.

「isi」、「sss」を試しましたが、「sii」は機能しません。何をすればよいかわかりません。

var_dump(); をどこで使用するかよくわかりません。私の問題に関する詳細情報を見つけるために。私はPHPにかなり慣れていないので、知っておくと非常に役立ちます。

我慢してくれてありがとう！繰り返しのトピックで申し訳ありません。

コード：

<tr>
             <form action="Voting_action.php" method="post">
            <td><br />
                <input type="submit" class="buttontable1" value="<?php echo $random; ?>" name="name"/>
            </td>
                </form>
                <form action="Voting_action.php" method="post">
            <td><br />
                <input type="submit" class="buttontable1" value="<?php echo $random3; ?>" name="name"/>
            </td>
                </form>
         </tr>
         <tr>
             <form action="Voting_action.php" method="post">
            <td><br />
                <input type="submit" class="buttontable1" value="<?php echo $random6; ?>" name="name"/>
            </td>
                </form>
                <form action="Voting_action.php" method="post">
            <td><br />
                <input type="submit" class="buttontable1" value="<?php echo $random4; ?>" name="name"/>
            </td>
                </form>
         </tr>
         <tr>
             <form action="Voting_action.php" method="post">
            <td><br />
                <input type="submit" class="buttontable1" value="<?php echo $random5; ?>" name="name"/>
            </td>
                </form>
                <form action="Voting_action.php" method="post">
            <td><br />
                <input type="submit" class="buttontable1" value="<?php echo $random2; ?>" name="name"/>
            </td>
</tr>

<?php
include ('login-home.php');
$mysqli = new mysqli("", "", "", "");
if ($mysqli->connect_error) {
    echo "Failed to connect to MySQL: (" . $mysqli->connect_error . ") " . $mysqli->connect_error;
}

if (!($stmt = $mysqli->prepare("INSERT INTO table(id, name, votes) VALUES (id, '".$_POST['name']."', '".$votes."')"))) {
    echo "Prepare failed: (" . $mysqli->error . ") " . $mysqli->error;
}
$id = 1;

この行：

if (!$stmt->bind_param("isi",$id, $_POST['name'], $votes)) {
    echo "Binding parameters failed: (" . $stmt->error . ") " . $stmt->error;
}

if (!$stmt->execute()) {
    echo "Execute failed: (" . $stmt->error . ") " . $stmt->error;
}
$stmt->close();
?>
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1 に答える 1

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クエリの準備にはパラメーターが含まれていません。そこに値をダンプしただけで、準備されたステートメントの目的が完全に無効になります。代わりに、これを試してください：

 if (!($stmt = $mysqli->prepare("INSERT INTO table(id, name, votes) VALUES (?,?,?)"))) {

その後、そのまま続行します。

于 2013-04-06T23:25:35.840 に答える