(注意してください、長い質問ですが、ajax-phpコーダーにとって非常に基本的な質問だと思います)「あるページのドラッグアンドドロップイベントでデータベースを更新」し、「リロードせずにその変更を他のページに反映しようとしています」 '。私はすでにほとんどすべてのコードを書いています。何が間違っているのかを理解するためにあなたの助けが必要です. ここに私が書いたHtmlがあります、
First_html_file:
<head>
<title>Coconuts into Gunnybags</title>
<link rel="stylesheet" href="style.css" type="text/css" media="screen" />
<script type="text/javascript" src="script.js"></script>
</head>
<body>
<div id="coconuts" style="float:left">
<div class="coconut1" ondragover="allowDrop(event)" ondrop="drop(event)">
<img id="drag1" ondragstart="drag(event)" draggable="true" src="coconut.png">
</div>
<div class="coconut2" ondragover="allowDrop(event)" ondrop="drop(event)">
<img id="drag2" ondragstart="drag(event)" draggable="true" src="coconut.png">
</div>
</div>
<div class="gunnybag" style="float:right">
<div id="place1" ondragover="allowDrop(event)" ondrop="drop(event)"></div>
<div id="place2" ondragover="allowDrop(event)" ondrop="drop(event)"></div>
</div>
</body>
したがって、2 つのドラッグ可能なココナッツがあり、2 つのプレースホルダー (place1 と place2) があります。私がやりたいことは、ココナッツがドラッグされてプレースホルダーの 1 つに配置されたときに、データベースの値を更新する必要があるということです。(たとえば、ココナッツが最初のプレースホルダーに配置された場合、place_id 1 - true、place_id 2 - false)
このために、私はこのようなJSのドロップ関数からphpファイルへのajax呼び出しを行っています..
JS_ファイル:
function drop(ev)
{
ev.preventDefault();
var data=ev.dataTransfer.getData("coconut");
ev.target.appendChild(document.getElementById(data));
var state = true;
var id = ev.target.id;
$.ajax({
url: "db_update.php", //calling db update file.
type: "POST",
data: { id: id, state: state }, //2 variables place_id and its state(True/False)
cache: false,
success: function (response) { //I dont know what to do on success. Can this be left blank like, success: ?
$('#text').html(response);
}
});
}
これは私の db_update、db_update です:
<?php
$state = $_POST['state']; //getting my variables state 'n ID
$id = $_POST['id'];
function begin()
{
mysql_query("BEGIN");
}
function commit()
{
mysql_query("COMMIT");
}
$con=mysql_connect("sqlservername","myuname", "mypass") or die(mysql_error());
mysql_select_db("my_db", $con) or die(mysql_error());
$query = "UPDATE gunnybag SET state = '{$state}' where id='{$id}'"; //will this work? or am I doing something wrong here??
begin();
$result = mysql_query($query);
if($result)
{
commit();
echo "successful";
}
?>
受信側では、ページをリロードせずにガニーバッグのココナッツを更新したいので、db_fetch.php を使用するこの ajax を作成しました。
ajx.js ファイル:
window.onLoad = doAjax;
function doAjax(){
$.ajax({
url: "db_fetch.php",
dataType: "json",
success: function(json){
var dataArray = JSON.decode(json);
dataArray.each(function(entry){
var i=1;
if(entry.valueName==true){
$q('place'+i).css( "display","block" );
}
else{
$q('place'+i).css( "display","none" );
}
i=i++;
})
}
}).complete(function(){
setTimeout(function(){doAjax();}, 10000);
});
}
ここにdb_fetch.phpがあります:
<?php
try{
$con=mysql_connect("sqlservername","myuname", "mypass") or die(mysql_error());
}
catch(Exception $e){
echo $e;
}
mysql_select_db("my_db", $con) or die(mysql_error());
$q = mysql_query("SELECT 'state' FROM 'gunnybag' "); //fetching all STATE from db
$query = mysql_query($q, $con);
$results = mysql_fetch_assoc($query);
echo json_encode($results); //making it JSON obj
?>
最後に、この ajax が呼び出されている別のページです。Second_html_file:
<head>
<title>Coconuts into Gunnybags</title>
<link rel="stylesheet" href="style.css" type="text/css" media="screen" />
<script type="text/javascript" src="ajx.js"></script>
//if i simply include the ajax script here will it be called
//automatically? i want this script to keep up with the changes in db.
</head>
<body>
<div class="gunnybag" style="float:right">
<div id="place1" style="display: ;"><img id="drag1" draggable="true" src="coconut.png"></div>
<div id="place2" style="display: ;"><img id="drag2" draggable="true" src="coconut.png"></div>
</div>
</body>
MAP: First_html_file->JS_file->db_update :: Second_html_file->ajx.js->db_fetch.
このコードのどこが間違っているかを指摘してください。また、コードに沿って配置されている // コメントにも応答してください。あなたの応答は大歓迎です。ありがとう!#これを正しく理解するのを手伝ってください# ref については、http://www.nagendra.0fees.net/admin.html & http://www.nagendra.0fees.net/cng.htmlでファイルをホストしています。