php - PHP - テーブルからの MySQL データを表示入力データに取り込む

Question

MySQL データベース テーブル interest_type からの説明を結果に入力しようとしています

私の私的な機能は

    private function Get_Interests_Types_From_DB()
    {
        $sql = "SELECT 
                    InterestID,
                    InterestDescription
                FROM
                    interest_type";

        $result = mysqli_query($this->Con, $sql);

        while($row = mysqli_fetch_array($result))
        {
            $arrayResult[] = $row;
        }

        return ($arrayResult);
    }

この関数を使用しようとしているコードの領域は、同じクラス内のパブリック関数内にあります。フォームの値は数値です。$interests 変数をテーブルの InterestID と関連付けて、$interests の値の代わりに InterestDescription を出力しようとしています。

function ProcessRegistrationForm()
    {   
        $fname = $_POST['firstname'];
        $lname = $_POST['lastname'];
        $email = $_POST['email'];
        $gender = $_POST['gender'];
        $interests = $_POST['interests'];

        if(!isset($_POST['firstname']) || !isset($_POST['lastname']) || !isset($_POST['email']) ||
            ($_POST['firstname']) == '' || ($_POST['lastname']) == '' || ($_POST['email']) == '')
        {
            echo("Please enter your first / last name and email.");
        }   
        else
        {
            echo("<h2>Results</h2>");
            echo("<div id='results'>");
            echo $fname; 
            echo("<br />");
            echo $lname; 
            echo("<br />");
            echo $email;
            echo("<br />");
            echo $gender;
            echo("<br />");

            $interestDescription = $this->Get_Interests_Types_From_DB();

            foreach($interests as $likes)
            {
                if($likes == $interestDescription['InterestID'])
                    echo $$interestDescription['InterestDescription'] . "<br />";
            }
            echo("<p style='font-weight: bold;'>Your data has been saved! We will contact you soon!</p>");
            echo("</div>");
        }

        $myClub = new Club("localhost","A340User","Pass123Word","info_club");

        $date = date("Y/m/d");

        $sql="INSERT INTO member
                    (`FirstName`,`LastName`,`Gender`,`Email`,`MemberSince`)
                VALUES
                    ('$fname','$lname','$gender','$email','$date');";

        $result = mysqli_query($this->Con,$sql);
        /*if($result == true) 
        {
            echo "Successful Insert<br />";
        }
        else
        {
            echo "Error Inserting class" . mysqli_error($this->Con) ." <br />";
        }*/

        for($i = 0; $i < sizeof($interests); $i++)
        {
            $interest = $interests[$i];

            $sql="INSERT INTO member_interests
                        (`Email`,`InterestID`)
                    VALUES
                        ('$email',$interest);";

            $result = mysqli_query($this->Con,$sql);
        }

私は得ています：Notice: Undefined index: InterestID in C:\xampp-portable\htdocs\A340\Assign5\Assign5_Club_Membership_Class.php on line 287

$interests の値の代わりに InterestDescription を出力するにはどうすればよいですか?