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私はこのエラーを 1 時間以上見つめていましたが、私の人生では何が問題なのかわかりません。

ここに私のエラーがあります:

解析エラー: 構文エラー、C:\web\account.php の 42 行目の予期しない '('

HTML内の最初のphpタグの後のコードです（Line42は「$ searchstring」で始まります）。

<?php

include_once 'header.php';
include_once 'functions.php';
require_once 'login_users.php';

$db_server = mysql_connect($db_hostname, $db_username, $db_password);
if (!$db_server) die("Unable to connect to database:" . mysql_error());

mysql_select_db($db_database)
    or die("Unable to find database:" . mysql_error());

?>

<!DOCTYPE html PUBLIC "-//W3C//DTD XHTML 1.0 Transitional//EN" "http://www.w3.org/TR/xhtml1/DTD/xhtml1-transitional.dtd">
<html xmlns="http://www.w3.org/1999/xhtml">

<head>
<meta content="en-us" http-equiv="Content-Language" />
<meta content="text/html; charset=utf-8" http-equiv="Content-Type" />
<title>Weapon Build Creator</title>

<link href="styles/main.css" rel="stylesheet" type="text/css" />

<style type="text/css">
.auto-style1 {
    margin-top: 0px;
}
</style>

</head>

<body style="background-image: url('images/bg.jpg')">

<div id="form" style="left: 50%">
<div class="newsdiv">
    <br />
    <p class="title">MY BUILDS</p>

<?php //search result table



   $searchstring = "SELECT buildname,weapon,category,id,author,buildname FROM weapons WHERE author="($_SESSION['username'])" "; // Line 42

$result = mysql_query($searchstring);

if (!$result) die ("Database access failed: " . mysql_error());

$rows = mysql_num_rows($result);

.... More code down here

見れたら教えてね！

ありがとうございます！

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6 に答える 6

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これを試して

$username= mysql_real_escape_string($_SESSION['username']);
//You should scapes the variable, if the name was O'relly you get an error in sql syntax

$searchstring = "
SELECT buildname,weapon,category,id,author,buildname 
FROM weapons 
WHERE author='$username' "; // on Line 42

個人的には、変数を二重引用符で囲み、「 \ 」を避けるために単一引用符で囲むことを好みます。

注: mysql_* 拡張モジュールは PHP 5.5.0 で非推奨になり、将来削除される予定です。代わりに、MySQLi または PDO_MySQL エクステンションを使用する必要があります

于 2013-07-31T02:07:52.247 に答える