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私の問題は非常に簡単です。

Firebird のあるテーブルから SQLite の別のテーブルに情報をダンプするためのスクリプトを作成しようとしています。

私はすべてのプロセスを実行できますが、永続的な sqlite データベースを作成することはできません。このスクリプトを自分のコンピューター (Ubuntu 13.04) の "/var/www/PabloLab/experiments" で起動しましたが、ファイルがどこで作成されたのか、作成されたのかわかりません。

完全なスクリプト:

/*
 * Preparing SQLite db
 */

$dbname = 'langs.sqlite';
$my_table = 'LANG';

$db = new SQLite3($dbname, 0666);    
$query = "CREATE TABLE $my_table (ID INTEGER NOT NULL,
                                  TXT VARCHAR,
                                  LANG_ID NUMERIC NOT NULL)";
$success = $db->exec($query);    
$stmt = "SELECT r.ID, r.TXT, r.LANG_ID
         FROM VLANG r
         WHERE r.ID in (1,3)";
$sql = EF_sql_connection($stmt, MY_FIREBIRD_DB); //It works perfect, no problem here.
while ($lang_info = ibase_fetch_assoc($sql)) {
    $lang = utf8_encode($lang_info["TXT"]);
    $id = utf8_encode($lang_info["ID"]);
    $lang_id = utf8_encode($lang_info["LANG_ID"]);
    $stmt_sqlite = "INSERT INTO $my_table VALUES ($id, '$lang', $lang_id)";
    $success = $db->exec($stmt_sqlite);
}
$result = $db->query("SELECT * FROM $my_table");
while($row = $result->fetchArray()){
    $id = $row["ID"];
    $txt = $row["TXT"];
    $lang_id = $row["LANG_ID"];
    echo "$id - $txt - $lang_id<br>";
}

ご協力いただき、ありがとうございました。

よろしく。

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(簡単に参照できるように、@reverendocabron の問題を解決した私のコメントをコピーするだけです。)

Unix スタイルの 0666 引数を指定している間、 $引数は, and/or (値は実際にはそれぞれ 1、2、4 です) であるflagsことが期待されます。あなたの場合、あなたが探しているのは、たまたまデフォルトであると思います。削除してみてください。SQLITE3_OPEN_READONLYSQLITE3_OPEN_READWRITESQLITE3_OPEN_CREATESQLITE3_OPEN_READWRITE | SQLITE3_OPEN_CREATE

于 2013-10-21T15:06:35.847 に答える