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私のインデックスでは、関係によってリンクされていない 2 つの異なるテーブルの結果を表示する必要があります。私は2つの異なる検索モデルを使用してそれを行いました

/* @var $searchModel app\modules\book\models\BookNewSearch */
/* @var $searchModelOld app\modules\book\models\BookOldSearch */

したがって、2 つのタブがあり、それぞれが 1 つのテーブルの結果を正しく表示する 2 つの Gridview があります。

モジュールを使用しています。したがって、私のパスはmodule/book/views/book-oldおよびmodule/book/views/book-new です。これらのフォルダー内には、ビューの php ファイルがあります。

ビュー-old.php

と

ビュー-new.php

問題は、ActionColumn で使用されるボタンとコントローラーにあります。1つの「タブ」が1つのコントローラーを使用し(異なるリンクも)、もう1つのコントローラーが別のコントローラーを使用する(常に異なるリンク)必要があります。

私が試したActionColumnの中で

                            ['class' => 'yii\grid\ActionColumn',
                             'controller' => 'bookold',

URL のパスの先頭に「boookold」を追加します。しかし、それは私に Page 404 not found を与えました。私も試してみました

'buttons' => [
  'view' => function ($url, $model) {
   return Html::a('<span class="glyphicon glyphicon-eye-open"></span>',
   Yii::$app->urlManager->createUrl([Yii::$app->controller->id.'/view-old',
                                                'id' => $model->id]),
                                  ['title' => Yii::t('yii', 'Details'),]);
                                    }],

しかし、Yii::$app->controller->id は同じデフォルト コントローラを返します。どうすればいいですか？

簡潔にするために、URL の最後の部分 (view-old と view-new) を変更し、コントローラーを変更する必要があります。私のコントローラーは次のようなものです：

public function actionIndex()
{
    $searchModel = new BookNewSearch();
    $searchModelOld = new BookOldSearch();
    $dataProvider = $searchModel->search(Yii::$app->request->queryParams);
    $dataProviderOld = $searchModelOld->search(Yii::$app->request->queryParams);

    return $this->render('index', [
        'searchModelOld' => $searchModelOld,
        'searchModel' => $searchModel,
        'dataProvider' => $dataProvider,
        'dataProviderOld' => $dataProviderOld,
    ]);
}
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各グリッド ビューでこれを試してください。

   [  
    'class' => 'yii\grid\ActionColumn',
    'contentOptions' => ['style' => 'width:260px;'],
    'header'=>'Actions',
    'template' => '{view} {delete}',
    'buttons' => [

        //view button
        'view' => function ($url, $model) {
            return Html::a('<span class="fa fa-search"></span>View', $url, [
                        'title' => Yii::t('app', 'View'),
                        'class'=>'btn btn-primary btn-xs',                                  
            ]);
        },
    ],

    'urlCreator' => function ($action, $model, $key, $index) {
        if ($action === 'view') {
            $url ='/controller/view?id='.$model->id;
            return $url;
        }
    }

   ],
于 2016-05-20T16:55:19.193 に答える