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コードが機能しない理由がわかりません.jsonにエンコードする必要がありますか? AndroidスタジオのアプリからこのPHPコードリンクを呼び出すと、機能せず、エラーメッセージが表示され、次のコードが表示されます:

< html > < body > < script type = "text/javascript"
src = "/aes.js" > < /script><script>function toNumbers(d){var e=[];d.replace(/ (..) / g,
function(d) {
    e.push(parseInt(d, 16))
});
return e
}
function toHex() {
for (var d = [], d = 1 == arguments.length && arguments[0].constructor == Array ? arguments[0] : arguments, e = "", f = 0; f < d.length; f++) e += (16 > d[f] ? "0" : "") + d[f].toString(16);
return e.toLowerCase()
}
var a = toNumbers("f655ba9d09a112d4968c63579db590b4"),
b = toNumbers("98344c2eee86c3994890592585b49f80"),
c = toNumbers("fafd97787619720460a70e34d00aedb4");
document.cookie = "__test=" + toHex(slowAES.decrypt(c, 2, a, b)) + "; expires=Thu, 31-Dec-37 23:55:55 GMT; path=/";
location.href = "http://gmarket.byethost5.com/json_getS.php?i=2";

jsonlint Web サイトでも、php URL をテストしてこのエラーを返すと、上記と同じように表示されます。

1 行目の解析エラー: < html > < body > < ^ Expecting 'STRING', 'NUMBER', 'NULL', 'TRUE', 'FALSE', '{', '[', got 'undefined')

このphpリンク：http://gmarket.byethost5.com/json_getS.php

私が使用したこのphpコード：

<?php  
$host= "sql201.byethost5.com";
$user = "xxxxxxx";  
$pass = "xxxxxxx";  
$db = "xxxxxxx";  

$sql="select * from customer";

$con = mysqli_connect($host,$user,$pass,$db);
$result= mysqli_query($con,$sql);

$response = array();

while ($row = mysqli_fetch_array($result))
{

 array_push($response,array("name"=>$row[0],"phone"=>$row[1] ));
}
echo json_encode(array("customers"=>$response));

mysqli_close($con);
?>
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あなたの Json は正しいです。問題は HTML を返すことです。コンテンツが Json であることをブラウザに伝えていません。

使用する

header('Content-Type: application/json');
echo json_encode($response);
于 2016-09-29T13:32:02.560 に答える