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zipファイルをアップロードしようとしています。私のプロジェクトでは、クライアント側でDWRを使用し、サーバー側でJavaを使用しています。データをアップロードするためのDWRチュートリアルで見たように（Webサイトにはありません。dwr.rarバンドルで提供されています）、以下の行で入力を取得します。

var image = dwr.util.getValue('uploadImage');
var file = dwr.util.getValue('uploadFile');
var color = dwr.util.getValue('color');

dwr.util.getValue（）は、任意の要素（この場合はファイルオブジェクト）の値を取得するためのユーティリティです。//チュートリアルで言及されています。

だから、私は以下のコードでそのユーティリティを使用してzipファイルを取得します。

Javascript：

function uploadZip(){
var file = dwr.util.getValue("uploadFile");
dwr.util.setValue("uploadFile", null);
DataUpload.uploadData(file, function(data){
    if(data != null){
        $("#zipURL").html("<p>Upload Completed!!!</p>");
        $("#zipURL").append("Location: "+data.path2);
    }
});
}

HTML：

<html>
<head>ZIP Uploader
</head>
<body>
<table>
<tr><td>Select File: </td><td><input type="file" id="uploadFile" /></td>
<tr><td><input type="button" value="Upload" onclick="uploadZip()" /></td></tr>    </table>
<div id="result"><span id="imgURL"></span>
<span id="zipURL"></span></div>
</body>
</html>

Javaコードは次のとおりです。 

public class DataUpload {
private static String DATA_STORE_LOC = "D:/BeenodData/Trials/";

public Path uploadData(InputStream file) throws IOException{//In the tutorial the 
          //parameters are in type of BufferedImage & String. 
          //They used it for image and text file respectively.
          //In an another example(out of DWR site) they used InputStream for receiving
          //image

    try {
    byte[] buffer = new byte[1024];
    int c;
    File f2 = new File(DATA_STORE_LOC+dat+".zip");
    path.setPath2(DATA_STORE_LOC+dat+".zip");
    FileOutputStream fos = new FileOutputStream(f2);
    c = file.read();
    System.out.println(c);
    while ((c = file.read()) != -1) {
        fos.write(c);
         }
    file.close();
    fos.close();
    } catch (IOException e) {
        // TODO Auto-generated catch block
        e.printStackTrace();
    }
    return path;

}

このコードはエラーなしで実行されます。ただし、出力は空のzipファイルです。私は何か間違ったことをしていることを知っています。私はそれを見つけることができません。

実際、私はInputStreamとしてzipファイルを受け取っています。

Javaを使用してInputStream（zipファイル）をzip.fileに書き込むにはどうすればよいですか？

Javaメソッドパラメータを次のように設定するとどうなりますZipFile fileか？私はそれを試しませんでしたが、それは私がまだそれについて学ぶための良いチュートリアルを探しているからです。

どんな提案やリンクももっと感謝するでしょう!!!!! 前もって感謝します！！！

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2 に答える 2

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ここに、ZIPファイルの作成に関する2つの例があります。

http://www.java2s.com/Tutorial/Java/0180_ File / 0601 _ZipOutputStream.htm

次に、ZIPファイルの読み取りに関する例を示します。

http://www.kodejava.org/examples/334.html

于 2010-11-12T13:30:29.623 に答える
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また、Javaで同じ種類のバックエンドコードを実装しました。Zipファイルが作成されるという同じ問題に直面していましたが、その内容は空です。

後で、私がAPIに対して行っていたリクエストが、添付していたファイルが--data-binaryフォーマットされていないことに気付きました。そこで、このフォーマットでリクエストしました。

curl --data-binary @"/mnt/c/checknew.zip" http://localhost/api/upload

multipart/form-data作成しているリクエスト形式またはBase-64エンコードされているリクエスト形式がわかりません。

Base-64でエンコードされたリクエストを行ったときにコードが機能しました（つまり--data-binary）

于 2019-02-15T14:12:56.730 に答える