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私はすでにこの質問をしましたが、今はもっと具体的にします。ビデオアップロードページがあり、すべてのビデオのページを作成するためのphpスクリプトが必要です。

<?php
$name=$_POST['name'];
$source=$_FILES['filename'];

次に、すべてのMySQL接続を実行し、データをデータベースに挿入します

$result=("INSERT INTO videos(Name,Source)VALUES($name,$source)");

しかし、問題は、video.htmlに基づいてすべてのビデオのページを作成するスクリプトも必要なことです。

<html>
<video>
<source src="<?php .$source;?>">
<?php

$source=("SELECT FROM videos WHERE name="$name""); ?>

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実際にやりたいことは、.htaccessファイルとmod_rewriteを使用することです。

次に、URL を接続できます。

www.example.com/video/12345/the-funny-dog

実際に電話する

www.example.com/video.php?videoID=12345
于 2013-02-20T16:04:23.090 に答える
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データベースを使用している場合でも、すべてのビデオのページを本当に作成したいですか?

それは間違った方法です ！

正しい方法は1つのファイルです：

<?php
if ($_GET['ID']) {

    $ID = intval($_GET['ID']);

    $sql = 'SELECT *
        FROM videos
        WHERE ID = '.$ID;
    // do further sql stuff and display video
}
else {
    echo 'No video found with this id';
}
?>

このファイルに video.php という名前を付けると、次の方法ですべてのビデオにアクセスできます。

video.php?ID=1

等

于 2013-02-20T16:10:07.173 に答える