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ive は次の ajax 呼び出しを取得しましたが、これは機能しているように見えます (フォームの送信、ローダーの表示など)。

<?PHP
session_start();

include('includes/class.login.php');

$login = new Login();

$token = $_SESSION['token'] = md5(uniqid(mt_rand(), true));

if ($_POST['ajax']) {
    exit($login->getStatus());
}

?>
<style>
    #message { display: none; cursor: pointer; }
    .loader { display: none; }
</style>
<script src="http://ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/2.0.0/jquery.min.js"></script>
<script>
$(document).ready(function(){
    $("#loginForm").submit(function(e) {
        $(this).fadeOut(300);
        $('.loader').delay(300).fadeIn(100);
        $.post("<?=$_SERVER['PHP_SELF'];?>", { username: $('#username').val(), password: $('#password').val(), ajax: true }).done(function(data) {
            if (data.logged_in == 1) {
                // Redirect with javascript
                $('.loader').delay(2000).fadeOut(100);
                $('#message').html('<p>Success! We\'ll redirect you in a minute...</p>'+data.logged_in).delay(2200).fadeIn(200);
            } else {
                // Inject errors to html
                // data.errors
                $('.loader').delay(2000).fadeOut(100);
                $('#message').html('<p>Failed... Click to try again!'+data.errors+data.logged_in).delay(2200).fadeIn(200);
                $('#message').on('click', function(){
                    $(this).fadeOut(200);
                    $('#loginForm').delay(350).fadeIn(200);
                });
            }
        }); 
        return false;
    });
});
</script>
<form id="loginForm" method="POST" action="">
    <table>
        <tr><td>Username:</td><td><input type="text" name="username" id="username"/></td></tr>
        <tr><td>Password:</td><td><input type="password" name="password" id="password"/></td></tr>
    </table>
    <input type="hidden" name="token" value="<?=$token;?>"/>
    <input type="submit" name="login" value="Log In"/>
</form>
<div class="loader">
    <img src="loader.gif"/>
</div>
<div id="message"></div>

私のメッセージ出力に、data.errors と data.logged_in を追加して保持している値を確認しようとしたことがわかりますが、どちらも未定義として返されます。

私のphpクラスのJSONコードは次のとおりです。

public function getStatus()
    {
        return json_encode(
            array(
                'logged_in' => $this->isLoggedIn(), 
                'errors' => $this->showErrors()
            )
        );
    }

PHP クラス全体:

<?PHP

class Login 
{
    private $_id;
    private $_username;
    private $_password;
    private $_passmd5;

    private $_errors;
    private $_access;
    private $_login;
    private $_token;

    public function __construct()
    {
        $this->_errors = array();
        $this->_login  = isset($_POST['login']) ? 1 : 0;
        $this->_access = 0;
        $this->_token  = $_POST['token'];

        $this->_id     = 0;
        $this->_username = ($this->_login) ? $this->filter($_POST['username']) : $_SESSION['username'];
        $this->_password = ($this->_login) ? $this->filter($_POST['password']) : '';
        $this->_passmd5  = ($this->_login) ? md5($this->_password) : $_SESSION['password'];

    }

    public function isLoggedIn()
    {
        ($this->_login) ? $this->verifyPost() : $this->verifySession();

        return $this->_access;
    }

    public function filter($var)
    {
        return preg_replace('/[^a-zA-Z0-9]/','',$var);
    }

    public function verifyPost()
    {
        try
        {
            if(!$this->isTokenValid())
                throw new Exception('Invalid form submission');

            if(!$this->isDataValid())
                throw new Exception('Invalid form data entered');

            if(!$this->verifyDatabase())
                throw new Exception('Invalid username/password combination');

        $this->_access = 1;
        $this->registerSession();
        }
        catch(Exception $e)
        {
            $this->_errors[] = $e->getMessage();
        }
    }

    public function verifySession()
    {
        if($this->sessionExist() && $this->verifyDatabase())
            $this->_access = 1;
    }

    public function verifyDatabase()
    {
        include('dbConfig.php');

        $data = mysql_query("SELECT user_id FROM users WHERE user_username = '{$this->_username}' AND user_password = '{$this->_passmd5}'");

        if(mysql_num_rows($data))
        {
            list($this->_id) = @array_values(mysql_fetch_assoc($data));
            return true;
        }
        else 
        {
            return false;
        }
    }

    public function isDataValid()
    {
        return (preg_match('/^[a-zA-Z0-9]/', $this->_username) && preg_match('/^[a-zA-Z0-9]/', $this->_password)) ? 1 : 0;
    }

    public function isTokenValid()
    {
        return (!isset($_SESSION['token']) || $this->_token != $_SESSION['token']) ? 0 : 1;
    }

    public function registerSession()
    {
        $_SESSION['id'] = $this->_id;
        $_SESSION['username'] = $this->_username;
        $_SESSION['password'] = $this->_passmd5;
    }

    public function sessionExist()
    {
        return (isset($_SESSION['username']) && isset($_SESSION['password'])) ? 1 : 0;
    }

    public function showErrors()
    {
        echo "<h3>Errors</h3>";
        foreach($this->_errors as $key=>$value)
            echo $value."<br>";
    }

    public function getStatus()
    {
        return json_encode(
            array(
                'logged_in' => $this->isLoggedIn(), 
                'errors' => $this->showErrors()
            )
        );
    }   
}

?>

isLoggedIn は 0 または 1 を表示する必要があり、showErrors はエラーの配列を表示しますが、何も得られません :(

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静的ファイルで非 AJAX フォームを作成し、それを PHP スクリプトに送信してみてください。期待どおりの JSON データが返されますか?

データを表示するもう 1 つの方法は、ブラウザーの開発者ツールのネットワーク タブを使用することです (私は Chrome に慣れていますが、他のブラウザーにも同様のツールがあります)。これにより、障害がクライアントの Javascript にあるのか、サーバーの PHP にあるのかがわかります。

于 2013-04-26T21:01:24.023 に答える