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ファイル1:test.php

$(document).ready(function() {        
 $.post( "test2.php")
 .done(function( data ) {
 alert(data);
 });
});

または var var1="something"; $(document).ready(function() {
$.post( "test2.php",{demo:var1}) .done(function( data ) { alert(data); }); });

ファイル2:test2.php

<?php $sql="SELECT * FROM xyz";
     $resultset=$database->query($sql);
     $found=$database->mysql_fetch_array($resultset);
     print_r($found); ?>

また

 `    $xyz=$_POST['demo'];
    <?php $sql="SELECT * FROM $xyz";
     $resultset=$database->query($sql);
     $found=$database->mysql_fetch_array($resultset);
     print_r($found); ?>`

SO、私のtest1.php は、そのような もの、またはtest2.phpにあるhtmlコードのようalert(data);ないくつかのprint_r配列を含むポップアップを警告し、それをフェッチして表示しますArray( [0]=>1 [name_id]=1 )

私の問題は1）jsonまたはxmlでデータを取得する方法、またはこのデータを効率的に解析する方法ですか？2) 私の test2.php コンテンツが多くのクエリの場合、特定の ajax $.post 呼び出しの特定のデータを取得するにはどうすればよいですか?

親切にいくつかの本当の答えを提案してください!!

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2 に答える 2

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use json_encode not print_r

<?php 
     $sql="SELECT * FROM xyz";
     $resultset=$database->query($sql);
     $found=$database->mysql_fetch_array($resultset);
     echo json_encode($found); 
?>
于 2013-10-01T09:04:19.287 に答える
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代わりにこれを試してくださいprint_r：

echo json_encode($found);

ajax次に、JS では、オブジェクトを期待してリクエストを行う必要がありJSONます。

于 2013-10-01T09:06:59.080 に答える