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ユーザーが Firebug を有効にしているかどうかを検出する確実な方法は何ですか?

.CSS ページに関する firebug について質問があります...

右側の 'Style' には css があります...さらに右側には css.file の名前があります...通常、これは正しい css ファイルを参照しています...しかし、時々私は次のようなものを取得します「template...r=default (line 458)」なので、すぐにファイルを見つけることができません。これは私が変更できる設定ですか？サーバーまたはfirebug/firefoxで？

どうも...

Firefox のエラー コンソールを開く必要がありますが、これはちょっと面倒です。

私のアジャイル チームは、既存の不動産 Web サイトに新しい機能を追加します。 機能を追加するにつれて、サイトの全体的なパフォーマンスと特定のページのパフォーマンスをより適切に処理したいと考えています。

各ページのリクエスト/レスポンス ベースでのパフォーマンス メトリックの収集を自動化したいと考えています (たとえば、ブラウザによって送信されたサブ リクエスト、その数、転送されたデータの量、各リクエストにかかった時間など)。満たす）。

Firebugは現在、この情報をネット パネルで取得していますが、この情報をプログラムで引き出す方法は見つかりませんでした。

ページが読み込まれた後にこの情報を引き出す方法を知っている人はいますか?

現在、Selenium を使用してユーザー受け入れテストを実行しており、この機能をSeleniumインターフェイスに追加して、他のサービスを開始せずにテストを実行してデータを収集できるようにすることを検討しています。

他のツール/方法を活用してパフォーマンス メトリックを収集するものを含め、すべての提案を歓迎します。

ありがとうございました。

デバッグなどにfirebugを使用しています。

デプロイすると、javascript コードからすべての console.log ステートメントを削除する必要があるように見えますか?

firebug がインストールされていないブラウザで表示すると、コンソールに関連するエラーが発生します...

「objFrame」という名前の IFrame を含む Web ページがあります。

Javascript ファイルでは、次のステートメントが実行されます。

var useWindow = (typeof(window.objFrame) != "未定義" && typeof(window.objFrame.contentWindow) != "未定義");

コードを実行するとき (通常、またはデバッガーでステップ実行)、式

(typeof(window.objFrame) != "未定義" && typeof(window.objFrame.contentWindow) != "未定義")

Firebug のウォッチ ウィンドウに貼り付けると true になりますが、useWindow の値は false になります。

Firebug 1.3.2 で Firefox 3.0.6 を使用しています。

ここで何が欠けていますか？これは私の単純な構文エラーであることを教えてください(?!?)